Eine Web-Site gestaltet von Zoe Lohmann und Lisa Digiacomo zur Protokollierung des Versuchs 'Drehschwingungen'.

Bevor das eigentliche Experimentieren losgeht, sollte man sich die theoretischen Grundlagen anschauen, um die Ergebnisse interpretieren zu können. Dazu werden Fragen und Aufgaben bearbeitet.

(Quelle: Aufgabenstellung Drehschwingung ©2020 R. Scholz, K.-M.Knaak und K.Weber, LUH)

Wird ein Draht mit einem anhängenden Körper um dem Winkel $\varphi$ aus seiner Ruhelage gelenkt, so wirkt ein rücktreibendes Drehmoment $D = - D_{R} \cdot \varphi$ mit $D_{R}$ einer Winkelrichtgröße abhängig von Material und dessen Abmessungen.

Die Bewegungsgleichung $I \cdot \frac{d^2 \varphi}{d t ^2} = -D _{R}\cdot \varphi$ für diesen Aufbau hat die Lösung $\varphi (t) = \varphi_{0} \cdot \cos{(\omega t)}$ mit $\omega = \sqrt{\frac{D_{R}}{I}}$ ($\omega$ der Kreisfrequenz der Bewegung).

Nun soll aus der Kreisfrequenz $\omega$ die Schwingungsdauer T bestimmt werden. Dazu hilft die Beziehung $\omega = \frac{2 \pi}{T}$. Diese kann man der Kreisfrequenz aus der Lösung der Bewegungsgleichung gleichgesetzt werden und wir erhalten:

$\sqrt{\frac{D_{R}}{I}} = \frac {2\pi}{T} \leftrightarrow T = 2\pi \cdot \frac{I}{D_{R}}$

Das rücktreibende Drehmoment ist stark von dem Radius des verwendetenen Materials.
Mit Hilfe der Formel $D_{R} = \frac{\pi }{ 2} \cdot \frac{G \cdot R^4}{L}$ mit G dem Torsionsmoduls des Materials, R dem Radius und L der Länge des Drahtes. Als Beispiel wurde ein Kupferdraht verwendet. Dieser hat ein Torsionsmodul von $G = 47~ GPa = 47^{9}~ Pa$. Die Länge wurde auf $L = 20 ~cm$ gesetzt. Für verschiedene Drahtradien $R_{i}$ wurden folgende rücktreibende Drehmomente $D = - D_{R} \cdot \varphi$ für einen konstanten Winkel von $\varphi = 0,25 ~rad$ berechnet:

$R_{1} = 2 ~mm$: $D_{R_{1}} = \frac{\pi \cdot 47^{9}~Pa \cdot (0,02~m)^{4}}{2\cdot 0,2 m}= 59061,94 ~ \frac{Nm}{rad} \leftrightarrow D= -14765,49 ~Nm$

$R_{2} = 3 ~mm$: $D_{R_{1}} = \frac{\pi \cdot 47^{9}~Pa \cdot (0,03~m)^{4}}{2\cdot 0,2 m}= 299001,08 ~ \frac{Nm}{rad}\leftrightarrow D= -74750,27 ~Nm$

$R_{3} = 2,5~ mm$: $D_{R_{1}} = \frac{\pi \cdot 47^{9}~Pa \cdot (0,025~m)^{4}}{2\cdot 0,2 m}= 144194,19 ~ \frac{Nm}{rad}\leftrightarrow D= -36048,55 ~Nm$

$R_{4} = 2,1 ~mm$: $D_{R_{1}} = \frac{\pi \cdot 47^{9}~Pa \cdot (0,021~m)^{4}}{2\cdot 0,2 m}= 71790,16 ~ \frac{Nm}{rad}\leftrightarrow D= -17947,54 ~Nm$

Man kann erkennen, das eine kleine Änderung von $\Delta R = 0,1 ~ mm$ ausreicht, dass sich $D$ betragsmäßig um knapp $22 \%$ erhöht.

Um die Lösung der Bewegungsgleichung zu erhalten, müssen Anfangsbedinungen gestellt werden. Diese lauten :

$\varphi (0) = \varphi_{0}$, $\frac{d \varphi}{dt} = 0$ und $\frac{d ^2\varphi}{dt^2} = -\varphi_{0} \cdot \frac{D_{R}}{I}$.

Um diese zu beweisen, werden diese in die Lösung eingesetzt:

$\varphi (0) = \varphi_{0} \cdot \cos{(\omega \cdot0)}= \varphi_{0} \cdot 1 = \varphi_{0}$

Die erste Bedinung ist erfüllt.
Für die weiteren müssen die Ableitungen der Lösung gebildet werden:

$\frac{d \varphi(t)}{dt}= - \varphi_{0} \cdot \omega \cdot \sin{(\omega t)}$

$\frac{d^2 \varphi(t)}{dt^2}= - \varphi_{0} \cdot \omega^2 \cdot \cos{(\omega t)}$

Jetzt kann man die Ableitungen zur Zeit $t=0$ berechenen:

$\frac{d \varphi(0)}{dt}= - \varphi_{0} \cdot \omega \cdot \sin{(\omega \cdot 0)}= 0$

$\frac{d^2 \varphi(0)}{dt^2}= - \varphi_{0} \cdot \omega^2 \cdot \cos{(\omega \cdot 0)}= -\varphi_{0}\cdot \omega ^2=-\varphi_{0}\cdot\frac{D_{R}}{I}$

Damit sind auch diese Bedingen erfüllt.

Gefragt wird, welche Einheiten jeweils $D$, $D_{R}$, $I$ und $\varphi$ haben.
Die Winkelrichtgröße $D_{R}$ hat die Einheit $[\frac{Nm}{rad}]$. Sie ist eine Propotionalitätskonstante zwischen Drehmoment und Drehwinkel.
Das Drehmoment $D$ hat die Einheit $[Nm]$. Es ist das Produkt aus Armlänge $r$ und an dieser angreifenden Kraft $F$.
Das Trägheitsmoment $I$ hat die Einheit $[kgm^2]$. Es ist das Produkt aus Masse $m$ des Körpers und dem Quadrat des Radius $r$ zur Drehachse.
Der Winkel $\varphi$ hat die Einheit $[rad]$. Radiant ist ein Winkelmaß, das den entsprechenden Winkel als Länge im Einheitskreis angibt.

Für den Beweis von $\omega$ soll die Gleichung $\varphi (t) = \varphi_{0} \cdot \cos{(\omega t)}$ und deren zweite Ableitung in $I \cdot \frac{d^2 \varphi}{d t ^2} = -D _{R}\cdot \varphi$ eingesetzt werden:

$-I \cdot \varphi_{0} \cdot \omega^2 \cdot \cos{(\omega t)} = -D _{R}\cdot \varphi_{0} \cdot \cos{(\omega t)}~~~~~~$| : $\varphi_{0}$

$-I \cdot \omega^2 \cdot \cos{(\omega t)} = -D _{R} \cdot \cos{(\omega t)}~~~~~~$| $+D _{R} \cdot \cos{(\omega t)}$

$-I \cdot \omega^2 +D _{R} \cdot (\cdot \cos{(\omega t)}) = 0~~~~~~$

Damit für variable $t$ diese Gleichung erfüllt ist, muss $-I \cdot \omega^2 +D _{R}$ Null sein.

$-I \cdot \omega^2 +D _{R}= 0~~~~~~$|$-D_{R} ~$| : $- I$

$\omega^2 = \frac {D_{R}}{I}~~~~~~$|√

$\Rightarrow \omega = \sqrt{\frac{D_{R}}{I}}$

Joa keine ahnung. evtl trägheitsmoment und damit dann drhemoment berechnen????

Arbeit ist bei Translation das Produkt aus Kraft und Weg. In der Rotation ist das Drehmoment und der Drehwinkel das Äquivalent zu Kraft und Weg. Das bedeutet, dass die Änderung der Arbeit durch das Produkt aus Drehmoment und der Änderung des Winkels ausgedrückt werden kann. In der Translation wäre die Änderung der Arbeit das Produkt aus Arbeit und Änderung des Ortes.

$dW = D \cdot d\varphi$.

Welche Änderung an Rotationsenergie entspricht dem?

Der Steiner'sche Satz besagt, dass wenn ein Körper der Masse $m$ um eine Achse rotiert, die im Abstand $h$ parallel zur Schwerpunktsachse des Körpers verläuft, so muss zum jeweiligen Wert des Trägheitsmoments der Term $m\cdot h^2$ addiert werden. Es folgt:

$I = I_{s} + m\cdot h^2$.

Welche physikalische Aussage benötigen Sie zu seinem Beweis?

Im Folgeden Bild ist der Versuchsaufbau gezeigt:

Es wurde eine Plastikrolle verwendet, die an einem Stahldraht hängt. Der Stahldraht hängt an einer Lampe, damit sich die Rolle frei drehen kann.

Der Drehwinkel, bei dem die Rolle gedreht wurde, um damit die Schwingungsdauer zu bestimmen, wurde wie folgt bestimmt:

Die Auslenkung wurde für alle Messungen konstant bei $a= (4,00\pm 0,05)~cm$ gehalten. Die Länge der Rolle ist hier $l= ( 9,80 \pm 0,05)~cm$. Somit ergab sich ein Winkel $\varphi = 0,841~ rad$.

$u(\varphi) = \sqrt{(\frac{\partial \varphi}{\partial x}\cdot u(x))^2 + (\frac {\partial \varphi}{\partial y}\cdot u(y))^2}$

$u(\varphi) = \sqrt{(\frac{1}{y\cdot \sqrt{1-(\frac{x}{y})^2}}\cdot u(x))^2 + (-\frac {x}{y^2 \cdot sqrt{1-(\frac{x}{y})^2}}\cdot u(y))^2}$

$u(\varphi) = 0,0123~ rad$

Der Drehwinkel ist somit $\varphi = (0,841 \pm 0,123)~rad$.

Als anhängender Körper wurde eine Rolle benutzt. Dessen Maße sind :
Masse der Rolle $m = (30,0 \pm 0,5)~g$, Länge der Rolle $l=(9,80 \pm 0,05)~cm$ und Radius der Rolle $R = (4,80\pm 0,05)~cm$.
Mit

$I=\frac{1}{4}\cdot m\cdot R^2 + \frac{1}{12}\cdot m\cdot l^2$

kann dessen Trägheitsmoment berechnet werden : $I = 0,0000413~ kgm^2$. Mit Hilfe der Gaußschen Fehlerfortpflanzung:

$u(I)=\sqrt{2\cdot ((\frac{R^2}{4}+\frac{l^2}{12})\cdot u(m))^2 + (\frac {1}{2}\cdot m\cdot R \cdot u(R))^2+(\frac{1}{6}\cdot m\cdot l\cdot u(l))^2}$.

erhält man : $I = (4,13 \pm 0,11)\cdot 10 ^{-5} kgm^2$.

NOCH MIT FORMEL DR SCHWINGUNGSDAUER BERECHNEN????

Zur Berechnung des Torsionsmoduls werden die Gleichungen $D_{R} = \frac{\pi}{2} \cdot \frac{G \cdot r^4}{L}$ und $T= 2\cdot \pi \sqrt{\frac {I}{D_{R}}}$. Wenn wir die Gleichung für die Schwingungsdauer nach $D_{R}$ umstellen, können wir beides gleichsetzen und erhalten

$G = \frac{8\pi \cdot I \cdot L}{T^2 \cdot r^4}$.

Aus der Steigung der Graphen in der Auswertung kann man $\frac{T^2}{L}$ ablesen. Den Rest der Gleichung sind bekannte Größen, die man dann einsetzen kann und erhält das Torsionsmodul. Das Trägheitsmoment der Rolle ist $I = (0,0000413 \pm 0,0000011) ~kgm^2$.

Die Unsicherheit für dieses Torsionsmodul lässt sich wie folgt mit der Gauß'schen Fehlerfortpflanzung berechen (a ist hierbei die Steigung der Linearen Regression):

$u(G)=\sqrt{(-\frac{1}{a^2}\cdot\frac{8\pi \cdot I}{r^4}\cdot u(a))^2+ (\frac{1}{a}\cdot\frac{8\pi}{r^4}\cdot u(I))^2+(\frac{1}{a}\cdot\frac{32\pi\cdot I}{r^5}\cdot u(r))^2}$.

Die Steigung des Graphens für die Gitarrensaite ist $a = (37,4 \pm 0,5 )~\frac{m}{s^2}$ und $r = (0,0001 \pm 0,00005)~m$.

$G_{Saite} = ( 96,1 \pm 7,5)~ GPa$.

Der Literaturwert für Stahl ist etwa $G = 79,3 ~GPa$. Das ist eine Abweichung von $21,19\%$, was anhand der Messunsicherheiten erklärbar sein wird.

Die Steigung des Graphens für das Gummiband ist $a = (616,9 \pm 15,5 )~\frac{m}{s^2}$ und $r = (0,0005 \pm 0,00005)~m$.

$G_{Gummi} = ( 0,0093\pm 0.0008)~ GPa$.

Die Steigung des Graphens für das Kabel ist $a = (0,33 \pm 0,04 )~\frac{m}{s^2}$ und $r = (0,0015 \pm 0,00005)~m$.

$G_{Kabel} = ( 0,22\pm 0,03)~ GPa$.

Die Steigung des Graphens für das Garnstück ist $a = (96,4 \pm 4,2 )~\frac{m}{s^2}$ und $r = (0,001 \pm 0,00005)~m$.

$G_{Garn} = ( 0,0037 \pm 0,0003) ~GPa$.